自从心态好了很多后，做题的确很轻松。
这种题直接考虑我当前拿了一个，剩余空间最大能拿多少即可。
显然我们枚举每一个点拿出一个矩形（这个点作为右下角），然后剩余空间我们只需要考虑i+1~n和j+1~m这一块空间即可（至于为什么多想想QAQ）
所以我们维护i+1~n和j+1~m能取到的最大矩形即可。
显然二维前缀和，然后再维护一个二维
mx[i][j]=max{get(i, j), mx[i+1][j], mx[i][j+1]}，然后每一次找一个点i,j时只需要加上max{mx[i+1][1], mx[1][j+1]}即可。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <cmath>
#include <string>
#include <iostream>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
#define rep(i, n) for(int i=0; i<(n); ++i)
#define for1(i,a,n) for(int i=(a);i<=(n);++i)
#define for2(i,a,n) for(int i=(a);i<(n);++i)
#define for3(i,a,n) for(int i=(a);i>=(n);--i)
#define for4(i,a,n) for(int i=(a);i>(n);--i)
#define CC(i,a) memset(i,a,sizeof(i))
#define read(a) a=getint()
#define print(a) printf("%d", a)
#define dbg(x) cout << (#x) << " = " << (x) << endl
#define printarr2(a, b, c) for1(_, 1, b) { for1(__, 1, c) cout << a[_][__]; cout << endl; }
#define printarr1(a, b) for1(_, 1, b) cout << a[_] << '\t'; cout << endl
inline const int getint() { int r=0, k=1; char c=getchar(); for(; c<'0'||c>'9'; c=getchar()) if(c=='-') k=-1; for(; c>='0'&&c<='9'; c=getchar()) r=r*10+c-'0'; return k*r; }
inline const int max(const int &a, const int &b) { return a>b?a:b; }
inline const int min(const int &a, const int &b) { return a<b?a:b; }
const int N=1005, oo=~0u>>2;
int arr[N][N], sum[2][N][N], mx[N][N], n, m, a, b, ans=-oo;
int get(int x, int y, int k) {
int ret=-oo, fx=x-(k*a)+k, fy=y-(k*b)+k, now=(k==1?0:1);
if(fx>=1 && fy>=1 && fx<=n && fy<=m) ret=max(ret, sum[now][x][y]-sum[now][fx-k][y]-sum[now][x][fy-k]+sum[now][fx-k][fy-k]);
fx=x-(k*b)+k, fy=y-(k*a)+k;
if(fx>=1 && fy>=1 && fx<=n && fy<=m) ret=max(ret, sum[now][x][y]-sum[now][fx-k][y]-sum[now][x][fy-k]+sum[now][fx-k][fy-k]);
return ret;
}
int main() {
read(n); read(m); read(a); read(b);
for1(i, 1, n) for1(j, 1, m) read(arr[i][j]);
for1(i, 1, n) for1(j, 1, m) sum[0][i][j]=sum[0][i-1][j]+sum[0][i][j-1]-sum[0][i-1][j-1]+arr[i][j];
for3(i, n, 1) for3(j, m, 1) sum[1][i][j]=sum[1][i+1][j]+sum[1][i][j+1]-sum[1][i+1][j+1]+arr[i][j];
for3(i, n+1, 0) for3(j, m+1, 0) mx[i][j]=-oo;
for3(i, n, 1) for3(j, m, 1) mx[i][j]=max(get(i, j, -1), max(mx[i][j+1], mx[i+1][j]));
for1(i, 1, n) for1(j, 1, m) ans=max(ans, get(i, j, 1)+max(mx[i+1][1], mx[1][j+1]));
if(ans==-oo) puts("Impossible");
else print(ans);
return 0;
}
描述
一个N行M列的二维矩阵，矩阵的每个位置上是一个绝对值不超过1000的整数。
你需要找到两个不相交的A*B的矩形，使得这两个矩形包含的元素之和尽量大。
注：A*B的矩形指连续的A行、B列的子矩阵，或连续的B行、A列的子矩阵。不相交指两个矩形无公共元素。
格式
输入格式
第一行包括4个正整数N，M, A, B，之间由空格隔开。
以下N行，每行M个整数，之间由空格隔开，依次表示二维矩阵的每个元素。
输出格式
输出一行，一个整数，表示答案。如果找不到两个不相交的A*B的矩形，输出"Impossible"。
限制
1s
提示
30%的数据满足，1 <= N, M <= 50.
另外30%的数据满足，A = B.
100%的数据满足，1 <= N, M <= 1 000, 1 <= A, B <= N.
